Bài tập cuối chương 1

Giải VTH Toán lớp 8 Bài tập cuối chương 1

B – CÂU HỎI TRẮC NGHIỆM

Chọn phương án đúng trong mỗi câu sau:

Câu 1 trang 23 vở thực hành Toán 8 Tập 1: Đơn thức −2³x²yz³ có:

A. hệ số −2, bậc 8.

B. hệ số −2³, bậc 5.

C. hệ số −1, bậc 9.

D. hệ số −2³, bậc 6.

Lời giải:

Đáp án đúng là: D

Đơn thức −2³x²yz³ có hệ số là −2³ và có bậc là: 2 + 1 + 3 = 6.

Câu 2 trang 23 vở thực hành Toán 8 Tập 1: Gọi T là tổng, H là hiệu của hai đa thức 3x²y – 2xy² + xy và –2x²y + 3xy² + 1. Khi đó:

A. T = x²y – xy² + xy + 1 và H = 5x²y – 5xy² + xy – 1.

B. T = x²y + xy² + xy + 1 và H = 5x²y – 5xy² + xy – 1.

C. T = x²y + xy² + xy + 1 và H = 5x²y – 5xy² – xy – 1.

D. T = x²y + xy² + xy – 1 và H = 5x²y + 5xy² + xy – 1.

Lời giải:

Đáp án đúng là: B

Ta có:

• T = (3x²y – 2xy² + xy) + (–2x²y + 3xy² + 1)

= 3x²y – 2xy² + xy – 2x²y + 3xy² + 1

= (3x²y – 2x²y) + (3xy² – 2xy²) + xy + 1

= x²y + xy² + xy + 1.

• H = (3x²y – 2xy² + xy) – (–2x²y + 3xy² + 1)

= 3x²y – 2xy² + xy + 2x²y – 3xy² – 1

= (3x²y + 2x²y) – (3xy² + 2xy²) + xy – 1

= 5x²y – 5xy² + xy – 1.

Câu 3 trang 23 vở thực hành Toán 8 Tập 1: Tích của hai đơn thức 6x²yz và −2y²z² là đơn thức:

A. 4x²y³z³.

B. −12x²y³z³.

C. −12x³y³z³.

D. 4x³y³z³.

Lời giải:

Đáp án đúng là: B

Ta có 6x²yz.(−2y²z²) = [6.(−2)].x².(y.y²).(z.z²) = −12x²y³z³.

Câu 4 trang 23 vở thực hành Toán 8 Tập 1: Khi chia đa thức 8x³y² – 6x²y³ cho đơn thức −2xy, ta được kết quả là

A. −4x²y + 3xy².

B. −4xy² + 3x²y.

C. −10x²y + 4xy².

D. −10x²y + 4xy².

Lời giải:

Đáp án đúng là: A

Ta có (8x³y² – 6x²y³) : (−2xy) = 8x³y² : (−2xy) – 6x²y³ : (−2xy)

= −4x²y + 3xy².

C – BÀI TẬP

Bài 5 trang 23 vở thực hành Toán 8 Tập 1: Một đa thức hai biến bậc hai thu gọn có thể có nhiều nhất

a) bao nhiêu hạng tử bậc 2? Cho ví dụ.

b) bao nhiêu hạng tử bậc nhất? Cho ví dụ.

c) bao nhiêu hạng tử khác 0? Cho ví dụ.

Lời giải:

Gọi M là một đa thức bậc hai thu gọn với hai biến x và y. Khi đó:

a) Các hạng tử bậc hai của M chỉ có thể đồng dạng với một trong ba đơn thức xy; x² và y². Do đó M có nhiều nhất là ba hạng tử bậc hai.

Ví dụ, đa thức bậc hai 2x² – y² + 4xy + 5; đa thức này có 3 hạng tử bậc hai là 2x²; y² và 4xy.

b) Các hạng tử bậc nhất của M chỉ có thể đồng dạng với một trong hai đơn thức x và y. Do đó M có nhiều nhất là hai hạng tử bậc nhất.

Ví dụ, đa thức bậc hai 2x + 5y – 6; đa thức này có 2 hạng tử bậc nhất là 2x và 5y.

c) Các hạng tử khác 0 của M gồm các hạng tử bậc hai, bậc nhất và một hạng tử số (hạng tử tự do). Do đó M có 3 + 2 + 1 = 6 hạng tử khác 0.

Ví dụ: x² + 2y² – 4xy + 5x – 8y + 4; đa thức này có 3 hạng tử bậc hai, 2 hạng tử bậc nhất và 1 hạng tử số.

Bài 6 trang 24 vở thực hành Toán 8 Tập 1: Cho biểu thức 3x³(x⁵ – y⁵) + y⁵(3x³ – y³).

a) Rút gọn biểu thức đã cho.

b) Tính giá trị của biểu thức đã cho nếu biết $y^4=x^4\sqrt{3}.$

Lời giải:

a) Rút gọn: 3x³(x⁵ – y⁵) + y⁵(3x³ – y³) = 3x⁸ – y⁸.

b) Tính giá trị: Khi $y^4=x^4\sqrt{3},$ ta có:

$y^8={\left(y^4\right)}^2={\left(x^4\sqrt{3}\right)}^2=3x^8.$

Thay y⁸ = 3x⁸ vào biểu thức 3x⁸ – y⁸, ta được: 3x⁸ – 3x⁸ = 0.

Từ đó giá trị của biểu thức đã cho bằng 0 khi $y^4=x^4\sqrt{3},$

Bài 7 trang 24 vở thực hành Toán 8 Tập 1: Rút gọn biểu thức

$\frac{1}{4}\left(2x^2+y\right)\left(x-2y^2\right)+\frac{1}{4}\left(2x^2-y\right)\left(x+2y^2\right).$

Lời giải:

Đặt $P=\left(2x^2+y\right)\left(x-2y^2\right)$ và $Q=\left(2x^2-y\right)\left(x+2y^2\right).$

Khi đó biểu thức đã cho có dạng: $\frac{1}{4}P+\frac{1}{4}Q=\frac{1}{4}\left(P+Q\right).$

Ta lần lượt tính P, Q và P + Q:

$P=\left(2x^2+y\right)\left(x-2y^2\right)=2x^3-4x^2{y}^2+xy-2y^3.$

$Q=\left(2x^2-y\right)\left(x+2y^2\right)=2x^3+4x^2{y}^2-xy-2y^3.$

P + Q = (2x³ – 4x²y² + xy – 2y³) + (2x³ + 4x²y² – xy – 2y³)

= 4x³ – 4y³.

Vậy kết quả cuối cùng là

$\frac{1}{4}\left(P+Q\right)=\frac{1}{4}\left(4x^3-4y^3\right)=x^3-y^3.$

Bài 8 trang 24 vở thực hành Toán 8 Tập 1: Bạn Thành dùng một miếng bìa hình chữ nhật để làm một chiếc hộp (không nắp) bằng cách cắt bốn hình vuông cạnh x centimét ở bốn góc rồi gấp lại. Biết rằng miếng bìa có chiều dài là y centimét, chiều rộng là z centimét.

Tìm đa thức (ba biến x, y, z) biểu thị thể tích của chiếc hộp. Xác định bậc của đa thức đó.

Lời giải:

Sau khi gấp lại ta được chiếc hộp với 3 kích thước là x, y và z.

Do đó thể tích của nó là V = xyz.

Vậy V là một đa thức bậc 3.

Bài 9 trang 25 vở thực hành Toán 8 Tập 1: Biết rằng D là một đơn thức sao cho –2x³y⁴ : D = xy². Hãy tìm thương của phép chia:

(10x⁵y² – 6x³y⁴ + 8x²y⁵) : D.

Lời giải:

Do –2x³y⁴ : D = xy² nên D = −2x³y⁴ : xy² = −2x²y². Vậy ta có phép chia

(10x⁵y² – 6x³y⁴ + 8x²y⁵) : (−2x²y²) = −5x³ + 3xy² – 4y³.

Bài 10 trang 25 vở thực hành Toán 8 Tập 1: Tìm đơn thức E, biết rằng (6x²y³ – E) : 2xy = 3xy² + $\frac{1}{3}{x}^{2}y.$

Lời giải:

Ta có (6x²y³ – E) : 2xy = (6x²y³ : 2xy) – (E : 2xy) = 3xy² – E : 2xy.

So sánh kết quả với thương đã cho của phép chia, ta suy ra E : 2xy = $-\frac{1}{3}{x}^{2}y.$

Vậy $E=2xy.\left(-\frac{1}{3}{x}^{2}y\right)=-\frac{2}{3}{x}^3{y}^2.$

Bài 11 trang 25 vở thực hành Toán 8 Tập 1: Làm phép chia sau theo hướng dẫn:

[8x³(2x – 5)² – 6x²(2x – 5)³ + 10x(2x – 5)²] : 2x(2x – 5)².

Hướng dẫn: Đặt y = 2x – 5.

Lời giải:

Đặt 2x – 5 = y.

• Thay thế 2x – 5 trong đa thức bị chia bởi y, ta được đa thức

A = 8x³y² – 6x²y³ + 10xy².

• Tương tự, thay thế 2x – 5 trong đơn thức chia bởi y, ta được B = 2xy².

Từ đó, phép chia đã cho có dạng

A : B = (8x³y² – 6x²y³ + 10xy²) : 2xy².

• Thực hiện phép chia này ta được thương là 4x² – 3xy + 5.

• Thay thế người lại, y bởi 2x – 5 trong đa thức thương, ta được

4x² – 3x(2x – 5) + 5

= 4x² – 6x² + 15x + 5 = – 2x² + 15x + 5.

Đó là thương của phép chia đã cho.

Xem thêm các bài giải Vở thực hành Toán lớp 8 Kết nối tri thức hay, chi tiết khác:

Luyện tập chung trang 21

Bài tập cuối chương 1

Bài 6: Hiệu hai bình phương. Bình phương của một tổng hay một hiệu

Bài 7: Lập phương của một tổng. Lập phương của một hiệu

Bài 8: Tổng và hiệu hai lập phương