Giải SBT Hóa 11 Bài 7 (Chân trời sáng tạo): Sulfuric acid và muối sulfate

Giải SBT Hóa học 11 Bài 7: Sulfuric acid và muối sulfate

Bài 7.1 trang 28 SBT Hóa học 11: Kim loại nào sau đây không tác dụng với dung dịch H₂SO₄ loãng?

A. Al.     

B. Zn.   

C. Na.       

D. Cu.

Lời giải:

Cu đứng sau H trong dãy hoạt động hoá học, do đó Cu không tác dụng với dung dịch H₂SO₄ loãng.

→ Chọn D.

Bài 7.2 trang 28 SBT Hóa học 11: Dãy kim loại nào trong các dãy sau đây gồm các kim loại không tác dụng với dung dịch H₂SO₄ đặc, nguội?

A. Al, Fe, Au, Pt.         

B. Zn, Pt, Au, Mg.

C. Al, Fe, Zn, Mg.     

D. Al, Fe, Au, Mg.

Lời giải:

Các kim loại không tác dụng với dung dịch H₂SO₄ đặc, nguội: Al, Fe, Au, Pt.

→ Chọn A.

Bài 7.3 trang 28 SBT Hóa học 11: Dung dịch sulfuric acid đặc khác dung dịch sulfuric acid loãng ở tính chất hoá học nào?

A. Tính base mạnh. 

B. Tính oxi hoá mạnh.

C. Tính acid mạnh.         

D. Tính khử mạnh.

Lời giải:

Dung dịch sulfuric acid đặc khác dung dịch sulfuric acid loãng ở tính oxi hóa mạnh và tính háo nước.

→ Chọn B.

Bài 7.4 trang 28 SBT Hóa học 11: Cách pha loãng dung dịch H₂SO₄ đặc nào sau đây đúng?

A. Rót nhanh acid vào nước và khuấy đều.

B. Rót nhanh nước vào acid và khuấy đều.

C. Rót từ từ nước vào acid và khuấy đều.

D. Rót từ từ acid vào nước và khuấy đều.

Lời giải:

Cách pha dung dịch H₂SO₄ đặc: đổ từ từ sulfuric acid đặc vào nước rồi khuấy đều.

→ Chọn D.

Bài 7.5 trang 28 SBT Hóa học 11: Người ta thường dùng các bình bằng thép để đựng và chuyên chở dung dịch H₂SO₄ đặc vì

A. dung dịch H₂SO₄ đặc bị thụ động hoá trong thép.

B. dung dịch H₂SO₄ đặc không phản ứng với sắt ở nhiệt độ thường.

C. dung dịch H₂SO₄ đặc không phản ứng với kim loại ở nhiệt độ thường.

D. thép có chứa các chất phụ trợ không phản ứng với dung dịch H₂SO₄ đặc.

Lời giải:

Thành phần chính của thép là Fe. Ở nhiệt độ thường Fe bị thụ động bởi dung dịch H₂SO₄ đặc, nguội. Do đó, sắt không tác dụng với dung dịch sulfuric acid đặc nên người ta thường dùng các bình bằng thép để đựng và chuyên chở dung dịch H₂SO₄ đặc.

→ Chọn B.

Bài 7.6 trang 29 SBT Hóa học 11: Hỗn hợp (X) gồm Mg và Fe₂O₃ có khối lượng 20 gam tan hết trong dung dịch H₂SO₄ loãng thoát ra a L khí H₂ (đkc) và tạo thành dung dịch (Y). Thêm dung dịch NaOH dư vào dung dịch (Y) và lọc kết tủa, tách ra nung đến khối lượng không đổi thu được 28 gam chất rắn. Phần trăm khối lượng Mg trong hỗn hợp (X) là

A. 40%.     

B. 60%.       

C. 25%.       

D. 75%.

Lời giải:

Sơ đồ phản ứng:

Ta thấy khối lượng ban đầu (Mg và Fe₂O₃) và khối lượng chất rắn không đổi (MgO, Fe₂O₃) chênh lệch nhau ở khối lượng của nguyên tố oxygen.

$\begin{array}{l}\Rightarrow {\mathrm{m}}_{\mathrm{O}/\mathrm{MgO}}=28-20=8\left(\mathrm{g}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{n}}_{\mathrm{O}}=\frac{8}{16}=0,5\left(\mathrm{mol}\right)\end{array}$

Bảo toàn nguyên tố O, ta có: n_Mg = n_O = 0,5 (mol)

$\begin{array}{l}\Rightarrow {\mathrm{m}}_{\mathrm{Mg}}=0,5\times 24=12\left(\mathrm{g}\right)\\ \Rightarrow \mathrm{\%}{\mathrm{m}}_{\mathrm{Mg}}=\frac{12}{20}\times 100\mathrm{\%}=60\mathrm{\%}\end{array}$

Bài 7.7 trang 29 SBT Hóa học 11: Bình đựng dung dịch H₂SO₄ đặc để trong không khí ẩm lâu ngày thì khối lượng bình có thay đổi không? Vì sao?

Lời giải:

Khối lượng bình đựng dung dịch H₂SO₄ đặc để trong không khí ẩm lâu ngày tăng lên do H₂SO₄ đặc hút nước trong không khí ẩm.

Bài 7.8 trang 29 SBT Hóa học 11: Trong lúc làm thí nghiệm, do bất cẩn nên một học sinh bị dung dịch H₂SO₄ đặc rơi lên tay. Hãy nêu biện pháp xử lí trong tình huống này trước khi đưa học sinh đến cơ sở y tế gần nhất.

Lời giải:

Khi bị bỏng acid, cần nhanh chóng bỏ quần áo bị dính acid, rửa ngay bằng nước sạch khoảng 20 phút. Sau đó, cần nhanh chóng chuyển người bị bỏng đến cơ sở y tế gần nhất để được theo dõi và điều trị.

Bài 7.9 trang 29 SBT Hóa học 11: Sulfuric acid là hoá chất hàng đầu trong nhiều ngành sản xuất, được mệnh danh là “máu” của các ngành công nghiệp. Trong công nghiệp, sulfuric acid được sản xuất bằng phương pháp tiếp xúc. Phương pháp này gồm 3 công đoạn chính: sản xuất SO₂ → sản xuất SO₃ → sản xuất H₂SO₄. Trong công đoạn sản xuất SO₃ từ SO₂ để thực hiện cần có điều kiện phản ứng thích hợp. Hãy cho biết điều kiện của phản ứng trên là gì? Biết rằng trong tự nhiên cũng có một lượng sulfuric acid sinh ra theo các công đoạn trên. Hãy giải thích quá trình hình thành.

Lời giải:

Trong công đoạn sản xuất SO₃ từ SO₂ để thực hiện cần có điều kiện phản ứng là nhiệt độ 450 – 500 ^oC, xúc tác vanadium (V) oxide (V₂O₅).

Với xúc tác là các ion kim loại trong khói bụi, SO₂ bị oxi hóa và hòa tan trong nước mưa tạo thành sulfuric acid 

Bài 7.10 trang 29 SBT Hóa học 11: Sơ đồ quy trình dưới đây mô tả các bước trong quá trình sản xuất phân bón (Z). Hãy xác định các chất (A), (Q), (X), (Y), (Z). Viết các phản ứng hoá học xảy ra.

Lời giải:

Bài 7.11 trang 30 SBT Hóa học 11: Cho các dung dịch không màu của mỗi chất sau đây chứa trong các lọ mất nhãn riêng biệt: Na₂CO₃, MgSO₄, KNO₃, NaOH, HCl. Hãy trình bày cách phân biệt các dung dịch đã cho bằng phương pháp hóa học. Viết phương trình hoá học của các phản ứng xảy ra.

Lời giải:

Đánh số thứ tự cho từng dung dịch, trích mẫu thử sang ống nghiệm đánh số tương ứng.

– Cho lần lượt từng mẫu thử tác dụng với dung dịch H₂SO₄:

+ Mẫu thử xuất hiện bọt khí là Na₂CO₃: ${\mathrm{H}}_2\mathrm{S}{\mathrm{O}}_4+\mathrm{N}{\mathrm{a}}_2\mathrm{C}{\mathrm{O}}_3\to \mathrm{N}{\mathrm{a}}_2\mathrm{S}{\mathrm{O}}_4+\mathrm{C}{\mathrm{O}}_2\uparrow +{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}$

+ Mẫu thử không có hiện tượng là MgSO₄, KNO₃, NaOH, HCl.

– Cho lần lượt từng mẫu thử không hiện tượng ở trên tác dụng với dung dịch Ba(NO₃)₂:

+ Mẫu thử xuất hiện kết tủa trắng là MgSO₄: $\mathrm{MgS}{\mathrm{O}}_4+\mathrm{Ba}(\mathrm{N}{\mathrm{O}}_3{)}_2\to \mathrm{BaS}{\mathrm{O}}_4\downarrow +\mathrm{Mg}(\mathrm{N}{\mathrm{O}}_3{)}_2$

+ Mẫu thử không có hiện tượng là KNO₃, NaOH, HCl.

– Nhúng quỳ tím vào nhóm mẫu thử không hiện tượng (KNO₃, NaOH, HCl):

+ Mẫu thử không hiện tượng là KNO₃.

+ Mẫu thử làm quỳ tím hóa xanh là NaOH.

+ Mẫu thử làm quỳ tím hóa đỏ là HCl.

Bài 7.12* trang 30 SBT Hóa học 11: Đặt hai cốc (A) và (B) có khối lượng bằng nhau lên hai đĩa cân thấy cân thăng bằng. Cho 15,9 gam Na₂CO₃ vào cốc (A) và 17,73 gam CaCO₃ vào cốc (B), sau đó thêm 18 gam dung dịch H₂SO₄ 98% vào cốc (A) và m gam dung dịch HCl 14,6% vào cốc (B) thì thấy cân thăng bằng. Tính khối lượng dung dịch HCl đã cho vào cốc (B).

Lời giải:

$\begin{array}{l}{\mathrm{n}}_{{\mathrm{Na}}_2{\mathrm{CO}}_3}=\frac{15,9}{106}=0,15\left(\mathrm{mol}\right)\\ {\mathrm{m}}_{{\mathrm{H}}_2{\mathrm{SO}}_4}=18\times \frac{98\mathrm{\%}}{100\mathrm{\%}}=17,64\left(\mathrm{g}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2{\mathrm{SO}}_4}=\frac{17,64}{98}=0,18\left(\mathrm{mol}\right)\\ {\mathrm{n}}_{{\mathrm{CaCO}}_3}=\frac{17,73}{100}=0,1773\left(\mathrm{mol}\right)\end{array}$

– Xét cốc (A):

${\mathrm{H}}_2\mathrm{S}{\mathrm{O}}_4+\mathrm{N}{\mathrm{a}}_2\mathrm{C}{\mathrm{O}}_3\to \mathrm{N}{\mathrm{a}}_2\mathrm{S}{\mathrm{O}}_4+\mathrm{C}{\mathrm{O}}_2\uparrow +{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}$

Ta có:

$\frac{{\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2{\mathrm{SO}}_4}}{1}>\frac{{\mathrm{n}}_{{\mathrm{Na}}_2{\mathrm{CO}}_3}}{1}\left(\frac{0,18}{1}>\frac{0,15}{1}\right)$

=> H₂SO₄ dư, Na₂CO₃ hết. CO₂ tính theo Na₂CO₃.

$\Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{CO}}_2}={\mathrm{n}}_{{\mathrm{Na}}_2{\mathrm{CO}}_3}=0,15\left(\mathrm{mol}\right)$

${\mathrm{m}}_{\left(\mathrm{A}\right)}={\mathrm{m}}_{{\mathrm{Na}}_2{\mathrm{CO}}_3}+{\mathrm{m}}_{{\mathrm{ddH}}_2{\mathrm{SO}}_4}-{\mathrm{m}}_{{\mathrm{CO}}_2}=15,9+18-0,15\times 44=27,3\left(\mathrm{g}\right)$

– Xét cốc (B):

$2\mathrm{HCl}+\mathrm{CaC}{\mathrm{O}}_3\to \mathrm{CaC}{\mathrm{l}}_2+\mathrm{C}{\mathrm{O}}_2\uparrow +{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}$

Ta có:

${\mathrm{m}}_{\left(\mathrm{B}\right)}={\mathrm{m}}_{\left(\mathrm{A}\right)}=27,3\left(\mathrm{g}\right)$

+) Trường hợp (1): CaCO₃ hết, HCl dư.

$\begin{array}{l}\Rightarrow {\mathrm{n}}_{\mathrm{HCl}}\ge 2{\mathrm{n}}_{{\mathrm{CaCO}}_3}=2\times 0,1773=0,3546\left(\mathrm{mol}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{m}}_{\mathrm{ddHCl}}\ge 0,3546\times 36,5\times \frac{100\mathrm{\%}}{14,6\mathrm{\%}}=88,65\left(\mathrm{g}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{CO}}_2}={\mathrm{n}}_{{\mathrm{CaCO}}_3}=0,1773\left(\mathrm{mol}\right)\end{array}$

$\begin{array}{l}\Rightarrow {\mathrm{m}}_{\mathrm{B}}={\mathrm{m}}_{\mathrm{ddHCl}}+{\mathrm{m}}_{{\mathrm{CaCO}}_3}-{\mathrm{m}}_{{\mathrm{CO}}_2}\\ \iff {\mathrm{m}}_{\mathrm{B}}\ge 88,65+17,73-0,45\times 44\\ =98,5788\left(\mathrm{g}\right)\ne 27,3\left(\mathrm{g}\right)\end{array}$

→ loại trường hợp CaCO₃ hết, HCl dư.

+) Trường hợp (2): CaCO₃ dư, HCl hết.

Đặt ${\mathrm{n}}_{\mathrm{HCl}}=x\left(\mathrm{mol}\right)$

$\begin{array}{l}\Rightarrow {\mathrm{m}}_{\mathrm{ddHCl}}=36,5x\times \frac{100\mathrm{\%}}{14,6\mathrm{\%}}=250x\left(\mathrm{g}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{CO}}_2}=\frac{1}{2}{\mathrm{n}}_{\mathrm{HCl}}=\frac{1}{2}x\left(\mathrm{mol}\right)\end{array}$

$\begin{array}{l}\Rightarrow {\mathrm{m}}_{\mathrm{B}}={\mathrm{m}}_{\mathrm{ddHCl}}+{\mathrm{m}}_{{\mathrm{CaCO}}_3}-{\mathrm{m}}_{{\mathrm{CO}}_2}\\ \iff 27,3=250x+17,73-44\times \frac{1}{2}x\\ \Rightarrow x\approx 0,042\left(\mathrm{mol}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{m}}_{\mathrm{ddHCl}}=\mathrm{m}=250\times 0,042=10,5\left(\mathrm{g}\right)\end{array}$

Bài 7.13* trang 30 SBT Hóa học 11: Đặt hai cốc (A), (B) có cùng khối lượng lên hai đĩa cân thấy cân thăng bằng. Cho vào cốc (A) 102 gam AgNO₃ dạng rắn; cốc (B) 124,2 gam K₂CO₃ dạng rắn.

a) Thêm 100 gam dung dịch HCl 29,2% vào cốc (A); 100 gam dung dịch H₂SO₄ 24,5% vào cốc (B). Phải thêm bao nhiêu gam nước vào cốc (A) (hay cốc B) để cân trở lại thăng bằng?

b) Sau khi cân đã thăng bằng, lấy một nửa lượng dung dịch có trong cốc (A) cho vào cốc (B). Sau phản ứng, phải thêm bao nhiêu gam nước vào cốc (A) để cân trở lại thăng bằng?

Lời giải:

a)

${\mathrm{n}}_{{\mathrm{AgNO}}_3}=\frac{102}{170}=0,6\left(\mathrm{mol}\right);{\mathrm{n}}_{{\mathrm{K}}_2{\mathrm{CO}}_3}=\frac{124,2}{138}=0,9\left(\mathrm{mol}\right)$

$\begin{array}{l}{\mathrm{m}}_{\mathrm{HCl}}=100\times \frac{29,2\mathrm{\%}}{100\mathrm{\%}}=29,2\left(\mathrm{g}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{n}}_{\mathrm{HCl}}=\frac{29,2}{36,5}=0,8\left(\mathrm{mol}\right)\\ {\mathrm{m}}_{{\mathrm{H}}_2{\mathrm{SO}}_4}=100\times \frac{24,5\mathrm{\%}}{100\mathrm{\%}}=24,5\left(\mathrm{g}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2{\mathrm{SO}}_4}=\frac{24,5}{98}=0,25\left(\mathrm{mol}\right)\end{array}$

Xét cốc (A): $\mathrm{AgN}{\mathrm{O}}_3+\mathrm{HCl}\to \mathrm{AgCl}+\mathrm{HN}{\mathrm{O}}_3$

${\mathrm{m}}_{\left(\mathrm{A}\right)}={\mathrm{m}}_{{\mathrm{AgNO}}_3}+{\mathrm{m}}_{\mathrm{ddHCl}}=102+100=202\left(\mathrm{g}\right)$

Xét cốc (B): ${\mathrm{H}}_2\mathrm{S}{\mathrm{O}}_4+{\mathrm{K}}_2\mathrm{C}{\mathrm{O}}_3\to {\mathrm{K}}_2\mathrm{S}{\mathrm{O}}_4+\mathrm{C}{\mathrm{O}}_2\uparrow +{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}$

Ta có: $\frac{{\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2{\mathrm{SO}}_4}}{1}<\frac{{\mathrm{n}}_{{\mathrm{K}}_2{\mathrm{CO}}_3}}{1}\left(\frac{0,25}{1}<\frac{0,9}{1}\right)$

=> H₂SO₄ hết, K₂CO₃ dư. CO₂ tính theo H₂SO₄.

$\Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{CO}}_2}={\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2{\mathrm{SO}}_4}=0,25\left(\mathrm{mol}\right)$

${\mathrm{m}}_{\left(\mathrm{B}\right)}={\mathrm{m}}_{{\mathrm{K}}_2{\mathrm{CO}}_3}+{\mathrm{m}}_{{\mathrm{ddH}}_2{\mathrm{SO}}_4}-{\mathrm{m}}_{{\mathrm{CO}}_2}=124,2+100-0,25\times 44=213,2\left(\mathrm{g}\right)$

Ta thấy m_(A) < m_(B), để cân trở lại thăng bằng, ta cần thêm nước vào cốc (A).

$\Rightarrow {\mathrm{m}}_{{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}}={\mathrm{m}}_{\left(\mathrm{B}\right)}-{\mathrm{m}}_{\left(\mathrm{A}\right)}=213,2-202=11,2\left(\mathrm{g}\right)$

b) – Xét cốc (A): $\mathrm{AgN}{\mathrm{O}}_3+\mathrm{HCl}\to \mathrm{AgCl}+\mathrm{HN}{\mathrm{O}}_3$

Ta có: $\frac{{\mathrm{n}}_{{\mathrm{AgNO}}_3}}{1}<\frac{{\mathrm{n}}_{\mathrm{HCl}}}{1}\left(\frac{0,6}{1}<\frac{0,8}{1}\right)$

=> AgNO₃ hết, HCl dư. AgCl tính theo AgNO₃.

$\Rightarrow {\mathrm{n}}_{\mathrm{AgCl}}={\mathrm{n}}_{{\mathrm{AgNO}}_3}=0,6\left(\mathrm{mol}\right)\Rightarrow {\mathrm{m}}_{\mathrm{AgCl}}=0,6\times 143,5=86,1\left(\mathrm{g}\right)$

$\begin{array}{l}\Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{HNO}}_3}={\mathrm{n}}_{{\mathrm{AgNO}}_3}=0,6\left(\mathrm{mol}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{n}}_{\mathrm{HCl}\left(\mathrm{p}\text{”}\mathrm{o}\right)}={\mathrm{n}}_{{\mathrm{AgNO}}_3}=0,6\left(\mathrm{mol}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{n}}_{\mathrm{HCl}\left(\mathrm{d}\text{”}\mathrm{o}\right)}=0,8-0,6=0,2\left(\mathrm{mol}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}^{+}/\frac{1}{2}\mathrm{ddA}}=\frac{1}{2}\times ({\mathrm{n}}_{{\mathrm{HNO}}_3}+{\mathrm{n}}_{\mathrm{HCl}\left(\mathrm{d}\text{”}\mathrm{o}\right)})\\ =\frac{1}{2}\times (0,6+0,2)=0,4\left(\mathrm{mol}\right)\end{array}$

$\Rightarrow {\mathrm{m}}_{\mathrm{ddA}}={\mathrm{m}}_{\left(\mathrm{A}\right)}-{\mathrm{m}}_{\mathrm{AgCl}}=213,2-86,1=127,1\left(\mathrm{g}\right)$=> Khối lượng của cốc (A) sau khi lấy một nửa lượng dung dịch có trong cốc (A):

$${\mathrm{m}}_{(\mathrm{A})}=213,2-\frac{1}{2}\times 127,1=149,65(\mathrm{g})$$

– Xét cốc (B):

$\begin{array}{l}{\mathrm{n}}_{{\mathrm{K}}_2{\mathrm{CO}}_3}={\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}_2{\mathrm{SO}}_4}=0,25\left(\mathrm{mol}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{K}}_2{\mathrm{CO}}_3\left(\mathrm{d}\text{”}\mathrm{o}\right)}=0,9-0,25=0,65\left(\mathrm{mol}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{CO}}_3^{2-}}={\mathrm{n}}_{{\mathrm{K}}_2{\mathrm{CO}}_3\left(\mathrm{d}\text{”}\mathrm{o}\right)}=0,65\left(\mathrm{mol}\right)\end{array}$

Khi trộn một nửa dung dịch (A) phản ứng với dung dịch trong cốc (B), sẽ xảy ra phản ứng:

$$\begin{array}{l}2{\mathrm{H}}^{+}+{\mathrm{C}\mathrm{O}}_3^{2-}\to \mathrm{C}{\mathrm{O}}_2+{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}\\ 0,40,65(\mathrm{m}\mathrm{o}\mathrm{l})\end{array}$$

Ta thấy: $\frac{{\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}^{+}}}{2}<\frac{{\mathrm{n}}_{{\mathrm{CO}}_3^{2-}}}{1}\left(\frac{0,4}{2}<\frac{0,65}{1}\right)$

$\Rightarrow {\mathrm{CO}}_3^{2-}$ dư, H⁺ hết

$\Rightarrow \mathrm{C}{\mathrm{O}}_2$ tính theo H⁺

$\begin{array}{l}\Rightarrow {\mathrm{n}}_{{\mathrm{CO}}_2}=\frac{1}{2}{\mathrm{n}}_{{\mathrm{H}}^{+}}=\frac{1}{2}\times 0,4=0,2\left(\mathrm{mol}\right)\\ \Rightarrow {\mathrm{m}}_{\left(\mathrm{B}\right)}=\frac{1}{2}{\mathrm{m}}_{\mathrm{ddA}}+{\mathrm{m}}_{\mathrm{ddB}}-m_{C{O}_2}\\ =149,65+213,2-0,2\times 44=267,95\left(\mathrm{g}\right)\end{array}$=> Khối lượng nước phải thêm vào cốc (A) để cân trở lại thăng bằng:

$${\mathrm{m}}_{{\mathrm{H}}_2\mathrm{O}}={\mathrm{m}}_{(\mathrm{B})}-{\mathrm{m}}_{(\mathrm{A})}=267,95-149,65=118,3(\mathrm{g})$$

Bài 7.14* trang 30 SBT Hóa học 11: Bảng dưới đây cho biết độ tan của ba muối trong nước ở những nhiệt độ khác nhau:

a) Vẽ đồ thị biểu diễn độ tan của ba muối theo nhiệt độ.

Nhiệt độ của nước (oC)	Độ tan (gam/100 gam nước)
	Na2CO3	NH4Cl	K2SO4
0	7,1	29,70	7,33
20	21,40	37,56	11,11
40	48,50	46,00	14,97
60	46,50	53,30	18,20
80	45,80	65,60	21,29
100	45,50	77,30	24,10

b) Độ tan của các chất rắn trong nước thường tăng theo nhiệt độ. Có nhận xét gì về độ tan của ba chất? Chất có độ tan lớn là ở nhiệt độ nào?

c) Chất nào có độ tan lớn nhất ở 30 °C và 90 °C?

Lời giải:

b) Độ tan của các muối tăng theo nhiệt độ. Trong đó, độ tan của NH₄Cl tăng nhanh, độ tan của K₂SO₄ tăng chậm khi nhiệt độ tăng.

Độ tan của muối Na₂CO₃ tăng khi nhiệt độ tăng đến khoảng 40 °C. Sau đó độ tan của Na₂CO₃ lại bị giảm khi nhiệt độ tăng từ 40 °C đến 100 °C.

Chất có độ tan lớn nhất là NH₄Cl, ở nhiệt độ 100 °C có độ tan là 77,30 g/100 g H₂O.

c) Chất có độ tan lớn nhất: ở 30 °C là NH₄Cl, ở 90 °C là NH₄Cl.

Xem thêm các bài giải SBT Hóa học lớp 11 Chân trời sáng tạo hay, chi tiết khác:

Bài 6: Sulfur và sulfur dioxide

Bài 7: Sulfuric acid và muối sulfate

Ôn tập chương 2

Bài 8: Hợp chất hữu cơ và hóa học hữu cơ

Bài 9: Phương pháp tách và tinh chế hợp chất hữu cơ